MySQL+PHP操作その4

質問

画像ファイルに関する質問
JPG、GIF画像をファイルから取り込んで、送り側からサーバーに保存しました。
if(strlen($uploadfile) > 0 ) {
//画像ファイルには容量制限があります
if ($uploadfile_size > 51200) {
//正規のフォルダに移動します
if (!move_uploaded_file($uploadfile, "upload/$imagefile")) {
省略
これで、保存もできて、受け手側での表示はできています。
受け手側では、拡張子に関係なく表示できています。
//画像ファイルが登録されていたら表示します
if (strlen($col["imgfilename"]) > 0) {
テーブルにあるフィールドでの画像表示はできています。この画像ファイルのデータ容量を同時に取得したいのですが、filesizeコマンドのみではディレクトリー云々でエラーを云われます。取り込んだファイル名と一緒に画像ファイル容量を取り込める記述を教えてください。

回答No.1

kusukusu · ベストアンサー

$uploadfile と言うのは何でしょうか？
通常は、
$_FILES['userfile']['name']:元のファイル名。
$_FILES['userfile']['type']:ファイルのMIME型。
$_FILES['userfile']['size']:ファイルサイズ。
と言った具合に配列 $_FILE['userfile']の配列として所持しています。
UPLOADすると同時にファイルサイズを取得できます。
って、私何か勘違いしてますかねぇ？(^^;

補足

う～ん　これから試してみます。
あなた様の御貯金は千円以内ですよ・、は解って預けました
あなた様への払い戻し額八百円を払い戻しましたよ・、が知りたいのです
まだ始めたばかりです
解説書のサンプルで動作しているものを改造しています
定義づけ等の知識もなく理解に苦しんでいます
php.iniファイルの中に file_uploads = ON、容量max2Mの記述はあります
ダウンロードして、表示が出来ている画像を中央で表示するか、左に寄せるかを容量で判断して切り替えたいのです
if (strlen($col["imgfilename"]) > 0) {　->名前が登録されていれば払い戻し可
if 画像容量による判断　< 15000) {　->"imgfilename"の容量が幾らでしたから
$body .= "<IMG src='upload/". $col["imgfilename"] . "' align='left'>";
//15KB以下は画像左で説明文章は回り込み許可　}else{
$body .= "<center><IMG src='upload/". $col["imgfilename"] . "' vspace='2'><BR clear='all'></center>";
//15KB以上では画像中央で説明文章は下側に表示